云南省网站建设公司推广活动策划方案范文

1）题目描述：

2）本题要求使用 时间复杂度O(log n)的算法，这里使用二分查找的方法，这道题本身不复杂，但是，在使用递归调用时，笔者经常把递归结束的边界搞错，这里给出几版代码，做一下讨论

第1版代码：

class Solution {
public:int findMid(vector<int>& nums, int l, int r, int target) {int mid = (l+r)/2;if(nums[mid] == target) {return mid;}else if(l == r) {if(nums[mid] < target) {return mid+1;}else {return mid;}}else if(l > r) {// array is [3, 5, 7, 9, 10], target=8// ...// l=3, r=4  m=3   nums[mid]>target// l=3, r=2  m=2// when l > r, just return lreturn l;}else {if(nums[mid] < target) {l = mid + 1;}else {r = mid - 1;}}return findMid(nums, l, r, target);}int searchInsert(vector<int>& nums, int target) {return findMid(nums, 0, nums.size()-1, target);}
};

这里需要注意的一点是，如果需要继续二分查找，则需要更新左右边界，笔者直觉上认为，如果nums[mid] < target，将左边界更新为mid+1，如果nums[mid] > target，将右边界更新为mid-1，但是在实际执行程序时，这样做可能会出现左边界>右边界的情况，程序进入无限循环，如下图所示：

所以在原始代码的基础上增加了对于"左边界>右边界的情况"的简单处理，当然了，之所以可以简单处理，是因为出现这种情况时，搜索插入位置可以确定了。

第2版代码：

class Solution {
public:int findMid(vector<int>& nums, int l, int r, int target) {int mid = (l+r)/2;if(nums[mid] == target) {return mid;}else if(l == r) {if(nums[mid] < target) {return mid+1;}else {return mid;}}else {if(nums[mid] < target) {l = mid + 1;}else {r = mid;}}return findMid(nums, l, r, target);}int searchInsert(vector<int>& nums, int target) {return findMid(nums, 0, nums.size()-1, target);}
};

在第1版代码的基础上，笔者在想，是否可以避免"左边界>右边界的情况"，同时为了要找到插入位置，还要不断地缩小搜索空间，在上面列举的出现"左边界>右边界的情况"的例子中，最后，l=3，r=4，m=3，最后nums[mid]>target，需要将r更新为mid-1，那么这里我们可以做保守处理，将r更新为mid。如果l与r相同，代码做了详尽处理。l=mid+1、r=mid-1的边界更新策略就是没有很好地处理l+1=r的情况，这里检查一下l=mid+1、r=mid的边界更新策略是否能处理r-l=1的情况。如果r-l=1，则mid=(l+l+1)/2=l，如果nums[mid]=target，则搜索插入位置是mid，如果nums[mid]<target，则l保持不变，r更新为mid(上一步的l)，如果nums[mid]>target，则l更新为mid+1（上一步的l+1），r保持不变。如果r-l>1，在不断地缩小搜索空间后，总会进入到l=r或r-l=1的情况。

第3版代码：

class Solution {
public:int findMid(vector<int>& nums, int l, int r, int target) {int mid = (l+r)/2;if(mid*2+1 == l+r) {mid++;}if(nums[mid] == target) {return mid;}else if(l == r) {if(nums[mid] < target) {return mid+1;}else {return mid;}}else {if(nums[mid] < target) {l = mid;}else {r = mid - 1;}}return findMid(nums, l, r, target);}int searchInsert(vector<int>& nums, int target) {return findMid(nums, 0, nums.size()-1, target);}
};

这里将第3版代码与第2版做对比，讨论mid与左右边界的关系、以及左右边界的更新策略，当l+r不能整除时，(l+r)/2取下整，举个例子，如果l=3，r=4，则mid应该是3.5，当然计算机默认策略是取下整3，是小于3.5的一个整数，所以在r-l=1时，l与mid是重合的，如果是左边界更新，可以将其更新为mid+1，向右边界靠近，如果是右边界更新，只能将其更新为mid（如果更新为mid-1，则可能出现左边界>右边界的情况），也可以理解，mid=(l+r)/2可能在左右边界的中间位置，也有可能偏左。第3版代码就是在(l+r)不能整除2的情况下，让mid偏右，这时左右边界的更新策略可以改为l=mid，r=mid-1。

4）关于递归，要仔细考虑到自己的代码最后结束的情况有哪几种，这样才能避免未预期的情况。