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Description

给定 $n$ 个点的有向无环平面图，求最少多少条从 $1$ 到 $n$ 的路径能覆盖原图的所有边？

$1\le n\le 5\times 10^3$

Solution

考虑从 $1$ 到 $n$ 的路径其实是边的链覆盖，那么最小链覆盖即为求解的答案。通过 Dilworth 定理可知，最小链覆盖等于最大反链，从而问题转化为求最大反链（两两无法到达的边的集合）。

例如：图示的有向无环平面图，$1$ 号点为起点，$7$ 号点为汇点。最大反链是 $3,4,5,8$ 边构成的集合（注意集合不唯一），不难发现原图的答案就是 $4$。

考虑如何求解最大反链，可以将平面图转化为对偶图，则最大反链即为对偶图的最长路。

如图，给出了原图的对偶图的最长路，注意这里多开了虚拟起点和汇点。

那么，怎么求最长路呢，这里给出一种简单又迅速的做法，从起点开始 DFS，如果遍历到 $1$ 个点之前已经遍历过了，那么说明多出了一条对偶图的边。

若绿色路径为当前 DFS 的路径，红色为之前 DFS 的路径，此时发现到达了一个已经经过的点，则从该点开始将红色的边筛出来，直到绿色节点经过过的点，即 $1$ 号节点。用红色边最长路 $+1$ 再去更新绿色边的最长路即可。

Code

#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define int long longusing namespace std;typedef pair<int, int> PII;
typedef long long LL;const int N = 5e3 + 10, M = 3 * N;int n;
int h[N], e[M], ne[M], idx;
int st[N], dp[M];
PII lst[N];void add(int a, int b) {e[idx] = b, ne[idx] = h[a], dp[idx] = 1, h[a] = idx ++;
}
void dfs(int u) {st[u] = 1;for (int i = h[u]; ~i; i = ne[i]) {int v = e[i];if (st[v] == 0) lst[v] = {u, i}, dfs(v);else {int res = 0, tmp = u;while (st[v] == -1) res = max(res, dp[lst[v].se] + 1), v = lst[v].fi;dp[i] = res;while (tmp != v) dp[lst[tmp].se] = res, tmp = lst[tmp].fi;lst[e[i]] = {u, i};}}st[u] = -1;
}signed main() {cin.tie(0);cout.tie(0);ios::sync_with_stdio(0);cin >> n;memset(h, -1, sizeof h);int k, x;for (int i = 1; i < n; i ++) {cin >> k;for (int j = 1; j <= k; j ++)cin >> x, add(i, x);}dfs(1);int res = 0;for (int i = 0; i < idx; i ++)res = max(res, dp[i]);cout << res << endl;return 0;
}